キーエンスプログラミングコンテスト2022(ABC274) A～D問題 ものすごく丁寧でわかりやすい解説 python 灰色～茶色コーダー向け #AtCoder

キーエンスプログラミングコンテスト2022(AtCoder Beginner Contest 274) A～D問題の解説記事です。
灰色～茶色コーダーの方向けに解説しています。

その他のABC解説、動画などは以下です。

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キーエンス様について

採用情報

A Dif:23

単純にB/Aを四捨五入して3桁目までを出力すればいい・・・だけなのですが四捨五入の処理は意外と難しいです。
こういうときはあまり考え込まずにさっさと「python 四捨五入」で検索しましょう。
やりかたはいくつかありますが、公式解説の通りfを使うのが楽です。

f"{(数字):.(小数点以下の桁数)f}"
というように指定します。「:」以下がオプション、「.」が少数の意味で、後ろに桁数というイメージです。

入力の受け取り、出力がわからない方は以下の記事を参考にしてください。

【提出】

# 入力の受け取り
A,B=map(int, input().split())

# (B/A)を少数第4位を四捨五入して3桁まで出力
print(f"{B/A:.3f}")

B Dif:48

入力を二次元配列として受け取り、各列ごとに「#」の数を確認します。
まずマス目を記録するGridという空のリストを用意します。
Grid=[]
各行ごとに入力を文字列で受け取ります。C="#..#"であるとしましょう
C="#..#"
list(文字列)とすることで1文字ずつリストへ格納することができます。
list(C)=["#" , "." , "." , "#"]
更にそれをGridに格納していくことで二次元配列が出来上がります。
Grid=[["#" , "." , "." , "#"]]
これを全ての行について行うことで全ての要素をGridへ記録できます。例えばこんな感じです。
Grid=[["#" , "." , "." , "#"],["#" , "#" , "." , "#"],["." , "." , "." , "#"]]
Grid[行番号][列番号]とすることで(行番号,列番号)の要素を確認する事ができます。(ただし番号は0から始まることに注意してください)

後はfor文で列ごとに「#」を数えるだけです。

【提出】

# 入力の受け取り
H,W=map(int,input().split())

# 要素を記録するリスト
Grid=[]

# H回
for i in range(H):
    # 文字列として受け取り
    C=input()
    # 1文字ずつリストへ展開
    C=list(C)
    # 記録
    Grid.append(C)

# 答えの記録
ans=[]

# w=0~(W-1)
for w in range(W):
    # 「#」の個数
    count=0

    # h=0~(H-1)
    for h in range(H):
        # Grid[h][w]=「#」ならば
        if Grid[h][w]=="#":
            # カウント
            count+=1

    # 答えの記録
    ans.append(count)

# 答えの出力(「*」をつけると[]なしで出力できる)
print(*ans)

C Dif:315

0代目(アメーバ1)から生まれたアメーバは1代目(1代親を遡るとアメーバ1になる)
1代目から生まれたアメーバは2代目
2代目から生まれたアメーバは3代目
...
となるので、アメーバが生まれた瞬間に(親アメーバの代数+1)を代数として記録していけばいいということがわかります。
すなわちアメーバ2i,(2i+1)は(Aiの代数+1)を記録していけばいいということです。

Aをそのまま受け取ると0インデックス、すなわちA1=A[0],A2=A[1],...となり、ややこしいので入力の受け取りのとき、先頭に0などてきとうな値でA[0]を埋めてしまうと楽です。

【提出】

# 入力の受け取り
N=int(input())
# 先頭をてきとうな数字(=0)で埋める
A=[0]+list(map(int,input().split()))

# 答え
ans=[0]*(2*N+2)

# i=1~N
for i in range(1,N+1):
    # (親の代+1)を記録する
    ans[2*i]=ans[A[i]]+1
    ans[2*i+1]=ans[A[i]]+1

# i=1~(2N+1)
for i in range(1,2*N+2):
    # 答えの出力
    print(ans[i])

D Dif:916

x座標の動きだけを考えてみましょう。
以下を例にします。
A：6 10 4 1 4 9 8 6 5 1

p1の時点ではx座標は0です。
p2の時点でx座標がA1=6になります。
p3はy座標方向への移動なのでx座標は変わりません。
p4のx座標は+A3か-A3になります。もともと6にいたので6+4=10,6-4=2のどちらかになります。
p5はy座標方向への移動なのでx座標は変わりません。
p6は+A5か-A5になります。もともと10または2にいたので10+4=14,10-4=6,2+4=6,2-4=-2のどれかになります。ここで6が被っているので実質的には14,6,-2のどれかになります。
...
これを繰り返すことでx座標の到達点としてあり得るものを計算することができます。

このやりかたは一見到達箇所の数が2,4,8,16,...とどんどんふえていく気がします。Nは最大1000なので最終的に2^500個到達箇所ができそうです。
しかしAiの最大値が10であることから、どれだけ進んでもx座標は-5000~5000くらいの範囲に収まります。
よって重複を記録しないようにすれば、一回あたりの計算量は大した量にはなりません。

実装は以下のように行います。
(1)x座標の到達先をセット(Sx)に記録する。初期値はA1のみ。
(2)i=3,5,7,...について、Sxの要素に順に＋A[i],-A[i]したものを新しいセット(NewSx)に記録する。
(3)Sx=NewSxと更新する。
y座標についても同様です。

記録したSx,Syにx,yが含まれていれば「Yes」、そうでなければ「No」を出力します。

【提出】

# 入力の受け取り
N,x,y=map(int,input().split())
# 先頭A[0]を適当な数字(=0)で埋めておく
A=[0]+list(map(int,input().split()))

# 到達可能なx座標のセット
Sx=set()
# 到達可能なy座標のセット
Sy=set()

# p2の時点でx座標はA1
Sx.add(A[1])
# y座標は0
Sy.add(0)

# i=2~N
for i in range(2,N+1):
    # 偶数番目(y座標方向への移動)
    if i%2==0:
        # 新しい到達先のy座標
        NewSy=set()

        # yi：Syの要素を順に代入
        for yi in Sy:
            # 新しい到達先を記録
            NewSy.add(yi-A[i])
            NewSy.add(yi+A[i])

        # Syを更新
        Sy=NewSy

    # 奇数番目(x座標方向への移動)
    else:
        # 新しい到達先のx座標
        NewSx=set()

        # xi：Sxの要素を順に代入
        for xi in Sx:
            # 新しい到達先を記録
            NewSx.add(xi-A[i])
            NewSx.add(xi+A[i])
        
        # Sxを更新
        Sx=NewSx

# xがSxにある かつ yがSyにある
if x in Sx and y in Sy:
    # 「Yes」を出力
    print("Yes")
# そうでなければ
else:
    # 「No」を出力
    print("No")

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